1．下列实例中与“水的比热容较大”这一特性无关的是（）
A．让热水流过散热器供暖 B．用循环水冷却汽车发动机
C．沿海地区昼夜温差较小 D．夏天在房间内洒水降温
【分析】（1）对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
（2）水分的蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，即蒸发吸热。
【解答】解：
A、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以让流动的热水流过散热器取暖，故A不符合题意；
B、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机用循环水冷却，故B不符合题意；
C、因为水的比热容大于沙石的比热容，相同质量的水和砂石吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的温度少，所以沿海地区昼夜温差比内陆地区小，故C不符合题意；
D、炎热的夏天，在室内地面上洒水，水蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，使人感到凉爽，不是利用水的比热容大的特点，故D符合题意。
故选：D。
【点评】本题考查水的比热容大的特点的应用，应用所学知识，解释了实际问题，体现了新课标的要求，属于中考热点问题。
2．我国北方冬天取暖用的“暖气”，通常用水作为输运能量的介质，这是因为水的（）
A．密度大 B．密度小 C．比热容大 D．比热容小
【分析】因为水的比热容较大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，据此分析。
【解答】解：因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，取暖效果可以，所以暖气装置中用水来供热。
故选：C。
【点评】本题主要考查了孩子对水的比热容大的了解。对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
3．下列说法中，正确的是（）
A．汽油机在做功冲程中是将机械能转换成内能
B．物体的温度降低时内能减少，所以0℃冰块的水分子不做热运动
C．沿海地区昼夜温差较小，主要原因是水的比热容较大
D．温度从热量高的物体传递给热量低的物体
【分析】（1）在汽油机的四个冲程中，吸气和排气冲程不发生能量转化，压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能；
（2）一切物质的分子都在永不停息的做无规则运动；
（3）根据Q=cm△t可知，质量相同的不同物质，吸收相同的热量，比热容大的温度改变的少；
（4）热传递的条件是有温度差；热传递传递的是热量，不是温度。
【解答】解：
A、压缩冲程将汽油和空气的混合物压缩，将机械能转化内能，做功冲程将内能转化为机械能，故A错误；
B、一切物质的分子都在永不停息的做无规则运动，所以物体的温度降低时内能减少，0℃冰块的水分子仍然在做热运动，故B错误；
C、沿海地区水多，内陆地区水少、沙石多，因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小，故C正确；
D、热传递的条件是有温度差，即热量总是从温度高的物体传递给温度低的物体，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了汽油机各冲程能量的转化、分子运动、比热容的应用以及热传递的条件，属于综合性题目。
4．某建筑工地需要架设临时供电线路，实现照明和电加热功能。其简化电路如图所示，供电处电压U不变，从供电处到工地用长导线（有电阻）连接。闭合开关S1、S2时，加热器和照明灯同时工作。断开S2后与断开S2前相比较，下列说法正确的是（）
A．照明灯亮度不变
B．照明灯亮度变弱
C．单位时间内长导线上消耗的电能减少
D．单位时间内整个供电线路消耗的电能不变
【分析】①已知导线有电阻，设为R0。
②闭合开关S1、S2时，相当于灯泡与加热器并联后再与R0串联；当断开开关S2时，相当于灯泡与R0串联；
③灯泡亮度决定于灯泡的实际功率；
④在串联电路中用电器两端电压与其电阻成正比；并联电路的总电阻小于任何一个分电阻。
【解答】解：设长导线的电阻为R0，由图知，
AB、闭合开关S1、S2时，灯泡与加热器并联后再与R0串联，设此时灯泡两端电压为UL，
断开开关S2时，灯泡与R0串联，设此时灯泡两端电压为UL′；
由于并联电路的总电阻小于任何一个分电阻，
所以，断开开关S2时，灯泡的电阻大于灯泡与加热器并联的总电阻，
导线的电阻不变，因灯泡的电阻大于灯泡与加热器并联的总电阻，根据串联电路的分压规律可知，灯泡两端的电压变大，即UL′＞UL，
灯泡的电阻可认为不变，由P=知，PL′＞PL，即断开开关S2时，灯泡的实际功率变大，所以灯泡变亮；故A、B错误；
C、由前面解答可知，断开开关S2时，整个电路的电阻变大，电源电压不变，由欧姆定律知，电路中电流减小，导线的电阻不变，由公式W=I2Rt知，单位时间内长导线上消耗的电能减少，故C正确；
D、断开开关S2时，整个电路的电阻变大，电源电压不变，由W=？t知，单位时间内整个供电线路消耗的电能减少，故D错误。
故选：C。
【点评】此题考查了串并联电路的特点、欧姆定律、电功率及电能公式的应用，综合性较强，比较出前后两种情况电路电阻的变化，是正确解答此题的关键。
5．两个定值电阻R1、R2并联在电路中，如图甲所示，它们的电流与其两端的电压关系如图乙所示，闭合开关S，则R1，R2产生的热量之比为（）
A．2：1 B．1：2 C．4：1 D．1：4
【分析】根据图象利用欧姆定律判定R1、R2的阻值关系；根据焦耳定律公式判定产生热量的比值。
【解答】解：由图可知，该电路为并联电路，电压是相同的，由图乙可知，电压相同，通过R1、R2的电流之比为2：1；根据I=可知，R1、R2的电阻之比为1：2；
通电时间相同，电压相同，则根据焦耳定律公式Q=W=可知，产生的热量与电阻成反比，故热量之比为2：1。
故选：A。
【点评】本题考查了欧姆定律、焦耳定律公式的应用，能判定电阻的比值是解题的关键。
请加入QQ群，试题资料免费放送！
保存 ｜
打印 ｜
关闭
标签： 
